题目描述（中等难度）

一个二维数组，把 1 看做陆地，把 0 看做大海，陆地相连组成一个岛屿。把数组以外的区域也看做是大海，问总共有多少个岛屿。

解法一

想法很简单，我们只需要遍历二维数组，然后遇到 1 的时候，把当前的 1 以及它周围的所有 1 都标记成一个字符，这里直接标记成 2。然后记录遇到了几次 1，就代表有几个岛屿。看下边的例子。

[1] 1 0 0 0
 1  1 0 0 0
 0 0 1 0 0
 0 0 0 1 1
当前遇到了 1, count = 1;
把当前的 1 和它周围的 1 标记为 2
2 2 0 0 0
2 2 0 0 0
0 0 1 0 0
0 0 0 1 1
2 2  0  0 0
2 2  0  0 0
0 0 [1] 0 0
0 0  0  1 1
遇到下一个 1, count = 2;
把当前的 1 和它周围的 1 标记为 2
2 2 0 0 0
2 2 0 0 0
0 0 2 0 0
0 0 0 1 1   
2 2 0  0  0
2 2 0  0  0
0 0 2  0  0
0 0 0 [1] 1  
遇到下一个 1, count = 3;
把当前的 1 和它周围的 1 标记为 2
2 2 0 0 0
2 2 0 0 0
0 0 2 0 0
0 0 0 2 2  
没有 1 了，所以岛屿数是 count = 3 个。

还有一个问题就是怎么标记与当前 1 相邻的 1。也很直接，我们直接把和当前 1 连通的位置看做一个图，然后做一个遍历即可。可以直接用递归写一个 DFS，即深度优先遍历。

public int numIslands(char[][] grid) {
    int count = 0;
    int rows = grid.length;
    if (rows == 0) {
        return 0;
    }
    int cols = grid[0].length;
    for (int r = 0; r < rows; r++) {
        for (int c = 0; c < cols; c++) {
            if (grid[r][c] == '1') {
                count++;
                marked(r, c, rows, cols, grid);
            }
        }
    }
    return count;
}
private void marked(int r, int c, int rows, int cols, char[][] grid) {
    if (r == -1 || c == -1 || r == rows || c == cols || grid[r][c] != '1') {
        return;
    }
    //当前 1 标记为 2
    grid[r][c] = '2';
    //向上下左右扩展
    marked(r + 1, c, rows, cols, grid);
    marked(r, c + 1, rows, cols, grid);
    marked(r - 1, c, rows, cols, grid);
    marked(r, c - 1, rows, cols, grid);
}

当然做遍历的话，我们也可以采用 BFS，广度优先遍历。图的广度优先遍历和二叉树的层次遍历类似，只需要借助一个队列即可。

和上边的区别不大，改一下标记函数即可。

此外入队列的时候，我们把二维坐标转为了一维，就省去了再创建一个类表示坐标。

public int numIslands(char[][] grid) {
        int count = 0;
        int rows = grid.length;
        if (rows == 0) {
            return 0;
        }
        int cols = grid[0].length;
        for (int r = 0; r < rows; r++) {
            for (int c = 0; c < cols; c++) {
                if (grid[r][c] == '1') {
                    count++;
                    bfs(r, c, rows, cols, grid);
                }
            }
        }
        return count;
    }
 private void bfs(int r, int c, int rows, int cols, char[][] grid) {
        Queue<Integer> queue = new LinkedList<Integer>();
        queue.offer(r * cols + c);
        while (!queue.isEmpty()) {
            int cur = queue.poll();
            int row = cur / cols;
            int col = cur % cols;
            //已经标记过就结束，这句很关键，不然会把一些节点重复加入
            if(grid[row][col] == '2'){
                continue;
            }
            grid[row][col] = '2';
            //将上下左右连通的 1 加入队列
            if (row != (rows - 1) && grid[row + 1][col] == '1') {
                queue.offer((row + 1) * cols + col);
            }
            if (col != (cols - 1) && grid[row][col + 1] == '1') {
                queue.offer(row * cols + col + 1);
            }
            if (row != 0 && grid[row - 1][col] == '1') {
                queue.offer((row - 1) * cols + col);
            }
            if (col != 0 && grid[row][col - 1] == '1') {
                queue.offer(row * cols + col - 1);
            }
        }
 }

解法二并查集

一开始看到这道题，我其实想到的是并查集，然后想了想感觉有些复杂，复杂度可能会高一些，就换了下思路想到了解法一。逛了一下 Discuss 发现也有人用并查集实现了，那这里也再总结下。

并查集在 130 题中用过一次，把当时的介绍在粘过来。

看下维基百科对并查集的定义。

在计算机科学中，并查集是一种树型的数据结构，用于处理一些不交集（Disjoint Sets）的合并及查询问题。有一个联合-查找算法（union-find algorithm）定义了两个用于此数据结构的操作：

Find：确定元素属于哪一个子集。它可以被用来确定两个元素是否属于同一子集。
Union：将两个子集合并成同一个集合。

由于支持这两种操作，一个不相交集也常被称为联合-查找数据结构（union-find data structure）或合并-查找集合（merge-find set）。其他的重要方法，MakeSet，用于创建单元素集合。有了这些方法，许多经典的划分问题可以被解决。

为了更加精确的定义这些方法，需要定义如何表示集合。一种常用的策略是为每个集合选定一个固定的元素，称为代表，以表示整个集合。接着，Find(x) 返回 x 所属集合的代表，而 Union 使用两个集合的代表作为参数。

网上很多讲并查集的文章了，这里推荐一篇，大家可以先去看一下。

知道了并查集，下边就很好解决了，因为你会发现，我们做的就是分类的问题，把相邻的 1 都分成一类。

首先我们把每个节点各作为一类，用它的行数和列数生成一个 id 标识该类。

int node(int i, int j) {
    return i * cols + j;
}

用 nums 来记录当前有多少个岛屿，初始化的时候每个 1 都认为是一个岛屿，然后开始合并。

遍历每个为 1 的节点，将它的右边和下边的 1 和当前节点合并（这里算作一个优化，不需要像解法一那样上下左右）。每进行一次合并，我们就将 nums 减 1 。

最后返回 nums 即可。

class UnionFind {
    int[] parents;
    int nums;
    public UnionFind(char[][] grid, int rows, int cols) {
        nums = 0;
        // 记录 1 的个数
        for (int i = 0; i < rows; i++) {
            for (int j = 0; j < cols; j++) {
                if (grid[i][j] == '1') {
                    nums++;
                }
            }
        }
        //每一个类初始化为它本身
        int totalNodes = rows * cols;
        parents = new int[totalNodes];
        for (int i = 0; i < totalNodes; i++) {
            parents[i] = i;
        }
    }
    void union(int node1, int node2) {
        int root1 = find(node1);
        int root2 = find(node2);
        //发生合并，nums--
        if (root1 != root2) {
            parents[root2] = root1;
            nums--;
        }
    }
    int find(int node) {
        while (parents[node] != node) {
            parents[node] = parents[parents[node]];
            node = parents[node];
        }
        return node;
    }
    int getNums() {
        return nums;
    }
}
int rows;
int cols;
public int numIslands(char[][] grid) {
    if (grid.length == 0)
        return 0;
    rows = grid.length;
    cols = grid[0].length;
    UnionFind uf = new UnionFind(grid, rows, cols);
    for (int row = 0; row < rows; row++) {
        for (int col = 0; col < cols; col++) {
            if (grid[row][col] == '1') {
                // 将下边右边的 1 节点和当前节点合并
                if (row != (rows - 1) && grid[row + 1][col] == '1') {
                    uf.union(node(row, col), node(row + 1, col));
                }
                if (col != (cols - 1) && grid[row][col + 1] == '1') {
                    uf.union(node(row, col), node(row, col + 1));
                }
            }
        }
    }
    return uf.getNums();
}
int node(int i, int j) {
    return i * cols + j;
}

总

解法一标记的思想前边的题目也遇到过好多次了，解法二的话算作一个通用的解法，当发现题目是分类相关的，可以考虑并查集。

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200. Number of Islands

题目描述（中等难度）

解法一

解法二 并查集

总

解法二并查集